M11 Ableitung der trigonometrischen Funktionen: Unterschied zwischen den Versionen

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e) y' = <math>\frac{\pi}{3}\cdot cos(\frac{\pi}{6}x)</math> = 0 für <math>\frac{\pi}{6}x= \frac{\pi}{2}; \frac{3\pi}{2}</math> ergibt x = 3 oder x =  9<br>
 
e) y' = <math>\frac{\pi}{3}\cdot cos(\frac{\pi}{6}x)</math> = 0 für <math>\frac{\pi}{6}x= \frac{\pi}{2}; \frac{3\pi}{2}</math> ergibt x = 3 oder x =  9<br>
 
f) y' <math>\frac{16}{\pi}sin(\frac{4}{\pi}x)</math> = 0 für <math>\frac{4}{\pi}x = 0; \pi; 2\pi</math> ergibt x = 0 }}
 
f) y' <math>\frac{16}{\pi}sin(\frac{4}{\pi}x)</math> = 0 für <math>\frac{4}{\pi}x = 0; \pi; 2\pi</math> ergibt x = 0 }}
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{{Lösung versteckt|1=f(x) = 1 + sin(kx)<br>
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a) Für k = 2 ist f(x) = 1 + sin(2x)<br>
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Die Achsenpunkte erhält man für f(0) = 1, also auf der y-Achse (0;1) und auf der x-Achse sin(2x)=-1, also <math>2x = -\frac{\pi}{2};\frac{3\pi}{2}</math>, also <math>x = -\frac{\pi}{4}</math> und <math>x = \frac{3\pi}{4}</math>.<br>
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Die Extremwerte erhält man durch Nullsetzen der Ableitungsfunktion f'. Es ist f'(x) = 2·cos(2x). Es ist 2·cos(2x) = 0, also cos(2x) = 0 für <math> x =- \frac{3\pi}{4}</math>, <math> x =- \frac{\pi}{4}</math>, <math>x = \frac{\pi}{4}</math> und <math> x = \frac{3\pi}{4}</math><br>
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[[Datei:135-6a.jpg]]
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b) f'(x) = k·cos(kx)<br>
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Tangente in A(0;1): Steigung m = f'(0) = k<sup>*</sup>, y-Abschnitt t = 1, also y = k<sup>*</sup>·x + 1.<br>
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Tangente in B(<math>\frac{\pi}{k^*}</math>;1) : m = f'(<math>\frac{\pi}{k^*}</math>)=<math>k^*\cdot cos(\pi)=-k^*</math>. <br>
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t erhält man mit f((<math>\frac{\pi}{k^*}</math>)=1 aus der Gleichung 1 = <math>-k^* \cdot \frac{\pi}{k^*} +t</math>  zu <math>t = 1-\pi</math>. Also ist die Gleichung der Tangente y = -k<sup>*</sup>x + 1 - <math>\pi</math>. <br>
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Zwei Geraden stehen senkrecht zueinander, wenn das Produkt ihrer Steigungen -1 ist.
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Also muss k<sup>*</sup>·(-k<sup>*</sup>) = -(k<sup>*</sup>)<sup>2</sup> = - 1 sein. Dies ist für k<sup>*</sup> = -1 oder k<sup>* = 1 </sup> erfüllt. Da k<sup>*</sup> positiv ist, erhält man als einzige Lösung k<sup>*</sup> = 1.
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<center>[[Datei:135-6b.jpg]]</center>
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Der Schnittpunkt der beiden Tangenten y = x + 1 und y = -x + 1 - <math>\pi</math> ist S(<math>-\frac{\pi}{2};1-\frac{\pi}{2}</math>).<br>
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Aus der Zeichnung kann man ablesen, dass das Dreieck die Grundseite g = <math>\pi</math> und die Höhe h = <math>\frac{\pi}{2}</math> hat, also ist der Flächeninhalt des Dreiecks <math>A = \frac{1}{2}\cdot \pi \cdot \frac{\pi}{2}=\frac{\pi^2}{4}</math>. }}

Version vom 10. März 2021, 12:46 Uhr

Inhaltsverzeichnis

Die Ableitung der Sinusfunktion

In dem folgenden Applet wird zu jedem Punkt P auf dem Graph der Sinusfunktion f:x \to sin(x) über der x-Koordinate von P die Steigung der Tangente aufgetragen. Bewegt man P auf dem Graphen, dann wird die Spur von A angezeigt.

Maehnrot.jpg
Merke:

Die Ableitung der Sinusfunktion ist die Kosinusfunktion. Es ist (sin (x))' = cos (x) .

Im Buch ist auf S. 137 unter 2. die Herleitung über die Definition der Ableitung nachzusehen

Die Ableitung der Kosinusfunktion

Maehnrot.jpg
Merke:

Die Ableitung der Kosinusfunktion ist die negative Sinusfunktion. Es ist (cos (x))' = - sin (x) .

Man erhält die Ableitung der Kosinusfunktion auch mit Hilfe der Kettenregel. Es ist cos(x)=sin(\frac{\pi}{2}-x) und sin(x)=cos(\frac{\pi}{2}-x). Damit ist die Ableitung (cos(x))'=(\left ( sin(\frac{\pi}{2}-x) \right)' =cos(\frac{\pi}{2}-x) \cdot (-1)= - cos(\frac{\pi}{2}-x)=- sin(x)



Die Ableitung der Tangensfunktion

Man weiß tan(x)=\frac{sin(x)}{cos(x)}. Mit der Quotientenregel kann man tan(x) ableiten. Es ist (tan(x))'=\frac{cos(x)\cdot cos(x) - sin(x)\cdot (-sin(x))}{(cos(x))^2}=\frac{(cos(x))^2+(sin(x))^2}{(cos(x))^2}=\frac{1}{(cos(x))^2}

Maehnrot.jpg
Merke:

Die Ableitung der Tangensfunktion ist (tan(x))'= \frac{1}{(cos(x))^2} .


Stammfunktionen

Maehnrot.jpg
Merke:

Die Menge aller Stammfunktionen F der

  • Sinusfunktion f:x \to sin(x) ist F:x \to - cos(x) + C
  • Kosinusfunktion f:x \to cos(x) ist F:x \to sin(x) + C

Die Stammfunktionen weist man nach, indem man sie ableitet:

  • \left ( - cos(x) + C \right )' = sin(x)
  • \left ( sin(x) + C \right )' = cos(x).

Aufgaben

30px   Merke

Zur Wiederholung:

sin(-x) = - sin(x) und cos(-x) = cos(x)

(sin x)^2 + (cos x)^2 = 1

sin(x) = cos(\frac{\pi}{2} - x) und cos(x) = sin(\frac{\pi}{2} - x)

tan(x) = \frac{sin(x)}{cos(x)}


30px   Aufgabe 1

Buch S. 134 / 1

a) y' = - sin(x-3)
b) y' = cos(x2)· 2x = 2x cos(x2)
c) y' = cos(x) · cos(x) + sin(x) · (-cos(x)) = (cos(x))2 - (sin(x))2
d) y' = 2 sin(x) · cos(x) (nachdifferenzieren!)
e) y' = 2 cos(x) · ( - sin(x)) = - 2 sin(x)·cos(x)
f) y' = - a· sin(ax + b)
g) y' = 2x · sin(x) + x2 · cos(x)
h) Es ist 1 - (sin x)2 = (cos x)2. Daher ist y' = ((cos x)4)' = 4·(cos x)3· ( - sin x) = - 4 sin x · (cos x)3.
i) y' = 0
j) y' = 3x^2 + 2x\cdot sin(\frac{3}{2}\pi) + cos(\pi)=3x^2 - 2x -1
k) y' = \frac{-sin(x) sin(x) - cos(x)cos(x)}{(sin(x))^2}= \frac{-1}{(sin(x))^2}
l) y' = 2[1- sin(2x)] · [ - 2 cos(2x)] oder y = (cos(2x))2 und y' = 2·cos(2x)·(-2sin(x))
m) y' = 0
n) y' = \frac{sin(x) - x \cdot cos(x)}{(sin(x))^2}
o) y' = -sin(\frac{1}{x})\cdot (-\frac{1}{x^2})=\frac{sin(\frac{1}{x})}{x^2}
p) y' = cos(\frac{\pi}{3}x)\cdot \frac{\pi}{3}

q) y' = \frac{1}{(cos(x))^2}


30px   Aufgabe 2

Buch S. 135 / 3

a)f(x) = sin(x), die Ableitungsfunktion f' ist f'(x) = cos(x)
f hat einen Extrempunkt in x0, wenn f#(x0 = 0 ist und ein VZW vorliegt.
(1) Im Intervall [-1,6\pi;1,6\pi] ist cos(x)= 0 für x = -1,5\pi; -0,5\pi; 0,5\pi; 1,5\pi
Bei x = -1,5\pi hat f' einen VZW +/-, also hat f ein Maximum.
Bei x = -0,5\pi hat f' einen VZW -/+, also hat f ein Minimum.
Bei x = 0,5\pi hat f' einen VZW +/-, also hat f ein Maximum.
Bei x = 1,5\pi hat f' einen VZW -/+, also hat f ein Minimum.
(2) f'(x) = cos(x) = 1 für x = -\pi; 0, \pi
135-3a.jpg

b) f(x) = cos(2x), D = ]-2;2[. die Ableitungsfunktion f' ist f'(x) = - 2·sin(2x)
(1) f'(x) = - 2·sin(2x) = 0 für x = -0,5\pi; 0; 0,5\pi
Bei x = -0,5\pi hat f' einen VZW -/+, also hat f ein Minimum.
Bei x = 0 hat f' einen VZW +/-, also hat f ein Maximum.
Bei x = 0,5\pi hat f' einen VZW -/+, also hat f ein Minimum.
(2) f'(x) = - 2·sin(2x) = 1 für sin(2x) = - 0,5 und 2x = -\frac{\pi}{6} und x = -\frac{5\pi}{6}, also x = -\frac{5\pi}{12} und -\frac{\pi}{12}.
135-3b.jpg

c) f(x) = tan(x) mit f'(x)=\frac{1}{(cos(x))^2}
(1) In D ist f' stets positiv und nirgends 0, also hat f kein Extremum.
(2) f'(x) = 1 für (cos(x))^2 = 1, also für x = 0. 135-3c.jpg

d) f(x) = 0,5 cos(2x + \frac{\pi}{6}) mit f'(x) = - sin(2x + \frac{\pi}{6})
(1) f'(x) = - sin(2x + \frac{\pi}{6}) = 0, wenn 2x+\frac{\pi}{6} =-2\pi; -\pi; 0; \pi; 2\pi.
x_1=-\frac{-13\pi}{12} \notin D
x_2=-\frac{5\pi}{12}; x_3=-\frac{\pi}{12}; x_4=\frac{5\pi}{12};x_5=\frac{11\pi}{12}
(2) f'(x) = - sin(2x + \frac{\pi}{6}) = 1 bzw. sin(2x + \frac{\pi}{6}) = - 1 für 2x + \frac{\pi}{6}= -\frac{\pi}{2};\frac{3\pi}{2}
x_6=-\frac{1\pi}{3}; x_7=\frac{2\pi}{3} 135-3d.jpg

Die Nullstellen der Ableitung wurden unter Berücksichtigung der Definitionsmenge bestimmt. Natürlich hat ein sin oder cos unendlich viele Nullstellen in R, aber da hier nur Intervalle gegeben waren, wurden passende x-Werte für die Nullstellen verwendet.


30px   Aufgabe 3

Buch S. 135 / 4

a) F(x) = -0,5·cos(2x) + C
b) F(x) = \pi·sin(\frac{x}{\pi}) + C
c) F(x) = \frac{1}{2}x^2 + sin(x) + C

d) F(x) = -\frac{40}{\pi}\cdot cos(\frac{\pi}{4}x) + C

weitere Aufgaben

30px   Aufgabe 4

Buch S. 134 / 2

Zuerst wird immer das Grundintervall [0;2\pi] betrachtet und danach auf die angegebene Grundmenge übertragen.
a) y' = cos(x) = 0 für x = \frac{\pi}{2} oder x = \frac{3\pi}{2}
b) y' = 1 + sin(x) = 0 für sin(x) = -1, also x = \frac{3\pi}{2} im Grundintervall und in G ist x = -\frac{\pi}{2} oder x=\frac{3\pi}{2}
c) y' = -sin(2x) - 1 = 0 ergibt sin(2x) = -1 und x = -\frac{\pi}{4} oder x =\frac{3\pi}{4}
d) y' = \frac{\pi}{4}\cdot sin(\frac{\pi}{4}x) = 0 für \frac{\pi}{4}x=k\cdot \pi ergibt x = -4 oder x = 0 oder x = 4</math>
e) y' = \frac{\pi}{3}\cdot cos(\frac{\pi}{6}x) = 0 für \frac{\pi}{6}x= \frac{\pi}{2}; \frac{3\pi}{2} ergibt x = 3 oder x = 9

f) y' \frac{16}{\pi}sin(\frac{4}{\pi}x) = 0 für \frac{4}{\pi}x = 0; \pi; 2\pi ergibt x = 0


30px   Aufgabe 5

Buch S. 135 / 6

f(x) = 1 + sin(kx)
a) Für k = 2 ist f(x) = 1 + sin(2x)
Die Achsenpunkte erhält man für f(0) = 1, also auf der y-Achse (0;1) und auf der x-Achse sin(2x)=-1, also 2x = -\frac{\pi}{2};\frac{3\pi}{2}, also x = -\frac{\pi}{4} und x = \frac{3\pi}{4}.
Die Extremwerte erhält man durch Nullsetzen der Ableitungsfunktion f'. Es ist f'(x) = 2·cos(2x). Es ist 2·cos(2x) = 0, also cos(2x) = 0 für x =- \frac{3\pi}{4}, x =- \frac{\pi}{4}, x = \frac{\pi}{4} und x = \frac{3\pi}{4}
135-6a.jpg

b) f'(x) = k·cos(kx)
Tangente in A(0;1): Steigung m = f'(0) = k*, y-Abschnitt t = 1, also y = k*·x + 1.
Tangente in B(\frac{\pi}{k^*};1) : m = f'(\frac{\pi}{k^*})=k^*\cdot cos(\pi)=-k^*.
t erhält man mit f((\frac{\pi}{k^*})=1 aus der Gleichung 1 = -k^* \cdot \frac{\pi}{k^*} +t zu t = 1-\pi. Also ist die Gleichung der Tangente y = -k*x + 1 - \pi. 

Zwei Geraden stehen senkrecht zueinander, wenn das Produkt ihrer Steigungen -1 ist.

Also muss k*·(-k*) = -(k*)2 = - 1 sein. Dies ist für k* = -1 oder k* = 1 erfüllt. Da k* positiv ist, erhält man als einzige Lösung k* = 1.

135-6b.jpg

Der Schnittpunkt der beiden Tangenten y = x + 1 und y = -x + 1 - \pi ist S(-\frac{\pi}{2};1-\frac{\pi}{2}).

Aus der Zeichnung kann man ablesen, dass das Dreieck die Grundseite g = \pi und die Höhe h = \frac{\pi}{2} hat, also ist der Flächeninhalt des Dreiecks A = \frac{1}{2}\cdot \pi \cdot \frac{\pi}{2}=\frac{\pi^2}{4}.
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